Возвращение JSON из PHP-скрипта

Question

Я хочу вернуть JSON из скрипта PHP.

Я просто повторяю результат? Нужно ли устанавливать заголовок Content-Type?

Answer 1

Если вам нужно, чтобы json от php отправлял пользовательскую информацию, вы можете добавить это header('Content-Type: application/json'); перед тем, как распечатать любую другую вещь, так что тогда вы можете напечатать свой обычный echo '{"monto": "'.$monto[0]->valor.'","moneda":"'.$moneda[0]->nombre.'","simbolo":"'.$moneda[0]->simbolo.'"}';

Answer 2

Да, вам нужно использовать echo для отображения вывода. Mimetype: приложение / JSON

Answer 3

Простая функция для возврата ответа JSON с кодом состояния HTTP .

function json_response($data=null, $httpStatus=200)
{
    header_remove();

    header("Content-Type: application/json");

    header('Status: ' . $httpStatus);

    http_response_code($httpStatus);

    echo json_encode($data);
}

Answer 4

Простой способ отформатировать ваши доменные объекты в JSON - это использовать Marshal Serializer . Затем передайте данные в json_encode и отправьте правильный заголовок Content-Type для ваших нужд. Если вы используете фреймворк, такой как Symfony, вам не нужно заботиться об установке заголовков вручную. Там вы можете использовать JsonResponse .

Например, правильный тип контента для работы с Javascript будет application/javascript.

Или, если вам нужно поддерживать несколько довольно старых браузеров, самым безопасным будет text/javascript.

Для всех других целей, таких как мобильное приложение, используйте application/json в качестве Content-Type.

Вот небольшой пример:

<?php
...
$userCollection = [$user1, $user2, $user3];

$data = Marshal::serializeCollectionCallable(function (User $user) {
    return [
        'username' => $user->getUsername(),
        'email'    => $user->getEmail(),
        'birthday' => $user->getBirthday()->format('Y-m-d'),
        'followers => count($user->getFollowers()),
    ];
}, $userCollection);

header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($data);

Answer 5

Если вы запрашиваете базу данных и вам нужен результирующий набор в формате JSON, это можно сделать так:

<?php

$db = mysqli_connect("localhost","root","","mylogs");
//MSG
$query = "SELECT * FROM logs LIMIT 20";
$result = mysqli_query($db, $query);
//Add all records to an array
$rows = array();
while($row = $result->fetch_array()){
    $rows[] = $row;
}
//Return result to jTable
$qryResult = array();
$qryResult['logs'] = $rows;
echo json_encode($qryResult);

mysqli_close($db);

?>

Для получения справки по синтаксическому анализу результата с помощью jQuery посмотрите это руководство .

Answer 6

Вы можете использовать эту небольшую библиотеку PHP . Он отправляет заголовки и дает вам объект, чтобы использовать его легко.

Похоже:

<?php
// Include the json class
include('includes/json.php');

// Then create the PHP-Json Object to suits your needs

// Set a variable ; var name = {}
$Json = new json('var', 'name'); 
// Fire a callback ; callback({});
$Json = new json('callback', 'name'); 
// Just send a raw JSON ; {}
$Json = new json();

// Build data
$object = new stdClass();
$object->test = 'OK';
$arraytest = array('1','2','3');
$jsonOnly = '{"Hello" : "darling"}';

// Add some content
$Json->add('width', '565px');
$Json->add('You are logged IN');
$Json->add('An_Object', $object);
$Json->add("An_Array",$arraytest);
$Json->add("A_Json",$jsonOnly);

// Finally, send the JSON.

$Json->send();
?>