Код моего стола :
CREATE TABLE clientinfo (
client_id int(30) AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY not null,
client_name varchar(256) not null,
client_phonenumber varchar(256) not null,
client_email varchar(256) not null,
client_children_amount varchar(256) not null,
client_children_grade varchar(256),
client_wanting_homesize varchar(256) not null,
client_keywords varchar(256) not null
);
Моя веб-страница .
Но он продолжает давать мне это предупреждение , когда я пытаюсь представить информацию на своем веб-сайте.
connect.php:
$name = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['name']);
$phonenumber = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['phonenumber']);
$email = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['email']);
$childrenamount = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['ca']);
$childrengrade = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['cg']);
$wanthomesize = mysqli_real_escape_string($conn,$_POST['wanthomesize']);
$keywords = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['keywords']);
$sql = "INSERT INTO clientinfo (client_name,client_phonenumber,client_email, client_children_amount, client_children_grade, client_wanting_homesize, client_keywords)
VALUES ('$name', '$phonenumber', '$email','$childrenamount', '$childrengrade', '$wanthomesize', '$keywords');";
mysqli_query($conn, $sql);
header("Location: ../Client_Info_For_Open_House.php?signup=success");
dbh.php:
<?php
$dbServername = "localhost";
$dbUsername = "root";`enter code here`
$dbPassword = "";
$dbName = "loginsystem";
$conn = mysqli_connect($dbServername, $dbUsername, $dbPassword, $dbName);
Это то, что мой код для соединения моей базы данных с моим сайтом, и я не думаю, что что-то не так.Как я могу отладить это?