Доступ к шаблонной лямбде из std :: function в C ++ - PullRequest
Новая
       21

Доступ к шаблонной лямбде из std :: function в C ++

4 голосов
/ 20 января 2020

Я пытаюсь добавить некоторые инструменты в свою лямбду, чтобы сохранить некоторые данные (ie, когда лямбда была запущена), но у меня возникли некоторые проблемы при получении лямбда-функции из std :: function. Я создал обобщенный c функтор, чтобы хранить любую лямбду и мои параметры, а затем сохраняю этот функтор в std :: function.

Когда я пытаюсь получить доступ к своему функтору из std :: функция, тип, переданный через целевой метод, не работает ... Тип, который я передал, не кажется хорошим, и я не знаю, как передать лямбда-тип, который не является типом по определению ...

Кто-нибудь может мне помочь, как этого добиться? Я использую Microsoft (R) C / C ++ Оптимизирующий компилятор версии 19.16.27030.1 для x64

Спасибо

Вот пример: 

#include <iostream>
#include <functional>
#include <string>

template <typename Signature>
class lambda_wrapper
{
    public:
    lambda_wrapper(Signature&& lambda, const std::string& iName)
        : _lambda(std::move(lambda))
        , _sName(iName)
    {}

    template <typename... Args> inline
        auto operator()(Args&&... args)
    {
        return _lambda(std::forward<decltype(args)>(args)...);
    }

    std::string& getName()
    {
        return _sName;
    }
    private:
    Signature _lambda;
    std::string _sName;
};

template <typename Signature>
lambda_wrapper<Signature> myLambda(Signature&& lambda, const std::string& iName)
{
    return {std::forward<Signature>(lambda), iName};
}

class MyClass
{
    public:
    MyClass()
        : _lambda(myLambda([](int)
    {}, "test"))
    {

    }
    virtual ~MyClass() = default;

    void printVal()
    {
        lambda_wrapper<std::function<void(int)>>* pWrapper = _lambda.target<lambda_wrapper<std::function<void(int)>>>();
        if (pWrapper)
            std::cout << pWrapper->getName();
        else
            std::cout << "NULL" << std::endl;

        std::cout << "Stored type name=" << _lambda.target_type().name() << std::endl;
        std::cout << "Cast type name=" << typeid(lambda_wrapper<std::function<void(int)>>).name() << std::endl;
    }

    private:
    std::function<void(int)> _lambda;
};

int main()
{
    MyClass myClass;
    myClass.printVal();
}

и вот результат: 

NULL
Stored type name=class lambda_wrapper<class <lambda_de654b4bbc7b5fec872744c55537b509> >
Cast type name=class lambda_wrapper<class std::function<void __cdecl(int)> >

1 Ответ

2 голосов
/ 20 января 2020

Правильный тип для _lambda.target не может быть назван в вашем примере. Каждое лямбда-выражение создает объект с уникальным типом.

Вместо того, чтобы использовать std::function и пытаться вернуть лямбду, вы можете расширить lambda_wrapper, чтобы напечатать erase, например std::function. Затем вы можете легко добавить в поведение часть, которая знает фактический тип.

...