IOException разбирает XML документ из ресурса ServletContext [/WEB-INF/spring-dispatcher-servlet.xml] - PullRequest
Новая
       12

IOException разбирает XML документ из ресурса ServletContext [/WEB-INF/spring-dispatcher-servlet.xml]

0 голосов
/ 14 марта 2020

Получение этой ошибки из консоли: 

*org.springframework.beans.factory.BeanDefinitionStoreException:  
    IOException parsing XML document from ServletContext resource
 [/WEB-    INF/spring-dispatcher-servlet.xml]; nested exception is   
 java.io.FileNotFoundException: Could not open ServletContext resource        
[/WEB-INF/spring-dispatcher-servlet.xml]*

Это ошибка, которую я получаю от: 

      <?xml version="1.0" encoding="UTF-8"?>
   <web-app xmlns:xsi="http://www.w3.org/2001/XMLSchema-instance" 
   xmlns="http://java.sun.com/xml/ns/javaee" 
xmlns:web="http://java.sun.com/xml/ns/javaee/web-app_2_5.xsd" 
xsi:schemaLocation="http://java.sun.com/xml/ns/javaee http://java.sun.com/xml/ns/javaee/web-app_2_5.xsd" 
id="WebApp_ID" version="2.5">
  <display-name>fj21-tarefas</display-name>
  <welcome-file-list>

        <welcome-file>index.htm</welcome-file>
        <welcome-file>index.jsp</welcome-file>

      </welcome-file-list>
      <servlet>
        <servlet-name>spring</servlet-name>
        <servlet-class>org.springframework.web.servlet.DispatcherServlet</servlet-class>


        <init-param>
          <param-name>contextConfigLocation</param-name>
         <param-value>/WEB-INF/spring-servlet.xml</param-value>
        </init-param>
        <load-on-startup>1</load-on-startup>
      </servlet>
      <servlet-mapping>
        <servlet-name>spring</servlet-name>
        <url-pattern>/</url-pattern>
      </servlet-mapping>
    </web-app>

projects folder

I делает 

<init-param>
  <param-name>contextConfigLocation</param-name>
  <param-value>/WEB-INF/spring-context.xml</param-value>
</init-param>

, чтобы изменить контекст по умолчанию с пружины mvc, но он не работает. Здесь уже был сделан некоторый совет по записи тега имени сервлета в контекст имени файла. xml Соглашение, та же ошибка.

Ответы [ 2 ]

1 голос
/ 14 марта 2020

Вы должны попробовать изменить имя сервлета. Ожидаемые метаданные веб-контекста Spring XML имя файла должно servletname-servlet.xml, это ожидаемое имя файла до Spring 4, не уверен, если оно будет изменено весной 5.. Поскольку ваше имя сервлета springmvc, имя файла должно быть springmvc-servlet.xml. 

<servlet>
    <servlet-name>springmvc</servlet-name>
    <servlet-class>org.springframework.web.servlet.DispatcherServlet</servlet-class>
    <init-param>
        <param-name>contextConfigLocation</param-name>
        <param-value>/WEB-INF/springmvc-servlet.xml</param-value>
    </init-param>
    <load-on-startup>1</load-on-startup>
</servlet>

<servlet-mapping>
    <servlet-name>springmvc</servlet-name>
    <url-pattern>/app-name/*</url-pattern>
</servlet-mapping>
0 голосов
/ 14 марта 2020

Сделайте ваш веб. xml похожим на это, взято прямо из документации Spring: 

<web-app>

    <listener>
        <listener-class>org.springframework.web.context.ContextLoaderListener</listener-class>
    </listener>

    <context-param>
        <param-name>contextConfigLocation</param-name>
        <param-value>/WEB-INF/spring-context.xml</param-value>
    </context-param>

    <servlet>
        <servlet-name>app</servlet-name>
        <servlet-class>org.springframework.web.servlet.DispatcherServlet</servlet-class>
        <init-param>
            <param-name>contextConfigLocation</param-name>
            <param-value></param-value>
        </init-param>
        <load-on-startup>1</load-on-startup>
    </servlet>

    <servlet-mapping>
        <servlet-name>app</servlet-name>
        <url-pattern>/*</url-pattern>
    </servlet-mapping>

</web-app>
...