Я пытаюсь получить две вещи из базы данных через AJAX, изображение и цену продукта, с функцией, содержащей две функции внутри себя в одном onchange событии.
После многих попыток и Ошибки Я, наконец, перестал получать ошибки в консоли, но теперь, даже несмотря на то, что я не получаю ошибок, две вещи, которые мне требуются через AJAX, не появляются.
У меня закончились идеи, и я не получил сообщений об ошибках, оставив меня на плаву.
Функция AJAX в <head>:
<script type="text/javascript">
function seleccionProd(str) {
function precioProd(str) {
if (str=="") {
document.getElementById("precio").innerHTML="";
return;
}
if (window.XMLHttpRequest) {
var xmlhttp = new XMLHttpRequest();
}
xmlhttp.onreadystatechange = function() {
if (this.readyState == 4 && this.status == 200) {
document.getElementById("precio").innerHTML = this.responseText;
document.getElementById("precioOculto").value = this.responseText;
}
};
xmlhttp.open("GET", "precio.php?q="+str, true);
xmlhttp.send();
}
function imagenProd(str) {
if (str=="") {
document.getElementById("imagen").innerHTML="";
return;
}
if (window.XMLHttpRequest) {
var xmlhttp = new XMLHttpRequest();
}
xmlhttp.onreadystatechange = function() {
if (this.readyState == 4 && this.status == 200) {
document.getElementById("imagen").innerHTML = this.responseText;
}
};
xmlhttp.open("GET", "seleccion_prod_compra_imagen.php?q="+str, true);
xmlhttp.send();
}
}
</script>
Элемент <select>:
<select class="custom-select my-1 mr-sm-2" id="producto" name="producto" onchange="seleccionProd(this.value);" required>
Два файла PHP, вызываемые внутри AJAX функция:
precio. php
<?php
require $_SERVER['DOCUMENT_ROOT'].'/php/db_key.php';
$con = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);
$q = $_GET["q"];
$sql = "SELECT precio FROM productos WHERE titulo = '".$q."'";
$result = mysqli_query($con, $sql);
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo $row['precio'];
}
?>
seleccion_prod_compra_imagen. php. php
<?php
require $_SERVER['DOCUMENT_ROOT'].'/php/db_key.php';
$con = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);
$q = $_GET["q"];
$sql = "SELECT imagen FROM productos WHERE titulo = '".$q."'";
$result = mysqli_query($con, $sql);
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo '<img src="/img/productos/'.$row['imagen'].'" class="card-img-top fluid">';
}
?>
Как всегда, любая помощь очень признателен и спасибо за ваше время.