Как создать внешний ключ в SQL Server?

Question

У меня никогда не было "кодированного вручную" кода создания объекта для SQL Server, и, по-видимому, уменьшение внешнего ключа в SQL Server и Postgres различается. Вот мой sql:

drop table exams;
drop table question_bank;
drop table anwser_bank;

create table exams
(
    exam_id uniqueidentifier primary key,
    exam_name varchar(50),
);
create table question_bank
(
    question_id uniqueidentifier primary key,
    question_exam_id uniqueidentifier not null,
    question_text varchar(1024) not null,
    question_point_value decimal,
    constraint question_exam_id foreign key references exams(exam_id)
);
create table anwser_bank
(
    anwser_id           uniqueidentifier primary key,
    anwser_question_id  uniqueidentifier,
    anwser_text         varchar(1024),
    anwser_is_correct   bit
);

Когда я запускаю запрос, я получаю эту ошибку:

Сообщение 8139, уровень 16, состояние 0, строка 9 Количество ссылочных столбцов в внешний ключ отличается от количества ссылочные столбцы, таблица 'Question_bank'.

Можете ли вы определить ошибку?

Answer 1

И если вы просто хотите создать ограничение самостоятельно, вы можете использовать ALTER TABLE

alter table MyTable
add constraint MyTable_MyColumn_FK FOREIGN KEY ( MyColumn ) references MyOtherTable(PKColumn)

Я бы не рекомендовал синтаксис, упомянутый Сарой Чиппс, для создания inline, просто потому, что я бы скорее назвал свои собственные ограничения.

Answer 2

create table question_bank
(
    question_id uniqueidentifier primary key,
    question_exam_id uniqueidentifier not null,
    question_text varchar(1024) not null,
    question_point_value decimal,
    constraint fk_questionbank_exams foreign key (question_exam_id) references exams (exam_id)
);

Answer 3

Вы также можете назвать ограничение внешнего ключа, используя:

CONSTRAINT your_name_here FOREIGN KEY (question_exam_id) REFERENCES EXAMS (exam_id)

Answer 4

Мне нравится ответ AlexCuse, но при добавлении ограничения внешнего ключа следует обращать внимание на то, как вы хотите обрабатывать обновления столбца, на который ссылаются, в строке таблицы, на которую ссылаются, и особенно на то, как вы хотите удалять строки. в ссылочной таблице для лечения.

Если ограничение создано следующим образом:

alter table MyTable
add constraint MyTable_MyColumn_FK FOREIGN KEY ( MyColumn ) 
references MyOtherTable(PKColumn)

.. затем обновления или удаления в ссылочной таблице будут с ошибкой, если в ссылочной таблице есть соответствующая строка.

Это может быть поведение, которое вы хотите, но по моему опыту, гораздо чаще это не так.

Если вместо этого вы создадите его следующим образом:

alter table MyTable
add constraint MyTable_MyColumn_FK FOREIGN KEY ( MyColumn ) 
references MyOtherTable(PKColumn)
on update cascade 
on delete cascade

.. затем обновления и удаления в родительской таблице приведут к обновлениям и удалению соответствующих строк в ссылочной таблице.

(Я не предполагаю, что значение по умолчанию должно быть изменено, ошибки по умолчанию на стороне предостережения, что хорошо. Я просто говорю, что это то, что человек, создающий константы должен всегда обращайте внимание на .)

Кстати, это можно сделать при создании таблицы, например:

create table ProductCategories (
  Id           int identity primary key,
  ProductId    int references Products(Id)
               on update cascade on delete cascade
  CategoryId   int references Categories(Id) 
               on update cascade on delete cascade
)

Answer 5

create table question_bank
(
    question_id uniqueidentifier primary key,
    question_exam_id uniqueidentifier not null constraint fk_exam_id foreign key references exams(exam_id),
    question_text varchar(1024) not null,
    question_point_value decimal
);

- Это тоже сработает. Может быть, немного более интуитивно понятная конструкция?

Answer 6

Если вы хотите создать два столбца таблицы во взаимосвязи с помощью запроса, попробуйте следующее:

Alter table Foreign_Key_Table_name add constraint 
Foreign_Key_Table_name_Columnname_FK
Foreign Key (Column_name) references 
Another_Table_name(Another_Table_Column_name)

Answer 7

Создать внешний ключ на любой таблице

ALTER TABLE [SCHEMA].[TABLENAME] ADD FOREIGN KEY (COLUMNNAME) REFERENCES [TABLENAME](COLUMNNAME)
EXAMPLE
ALTER TABLE [dbo].[UserMaster] ADD FOREIGN KEY (City_Id) REFERENCES [dbo].[CityMaster](City_Id)

Answer 8

Как и вы, я обычно не создаю внешние ключи вручную, но если по какой-то причине мне нужен сценарий, я обычно создаю его с помощью MS SQL Server Studio Management Studio и перед сохранением, а затем изменениями, я выбираю Table Designer | Создать скрипт изменения

Answer 9

Этот скрипт предназначен для создания таблиц с внешним ключом, и я добавил ограничение ссылочной целостности sql-server .

create table exams
(  
    exam_id int primary key,
    exam_name varchar(50),
);

create table question_bank 
(
    question_id int primary key,
    question_exam_id int not null,
    question_text varchar(1024) not null,
    question_point_value decimal,
    constraint question_exam_id_fk
       foreign key references exams(exam_id)
               ON DELETE CASCADE
);

Answer 10

Некромантия.
На самом деле, сделать это правильно немного сложнее.

Сначала необходимо проверить, существует ли первичный ключ для столбца, на который вы хотите установить внешний ключ для ссылки.

В этом примере создается внешний ключ в таблице T_ZO_SYS_Language_Forms со ссылкой на dbo.T_SYS_Language_Forms.LANG_UID

-- First, chech if the table exists...
IF 0 < (
    SELECT COUNT(*) FROM INFORMATION_SCHEMA.TABLES 
    WHERE TABLE_TYPE = 'BASE TABLE'
    AND TABLE_SCHEMA = 'dbo'
    AND TABLE_NAME = 'T_SYS_Language_Forms'
)
BEGIN
    -- Check for NULL values in the primary-key column
    IF 0 = (SELECT COUNT(*) FROM T_SYS_Language_Forms WHERE LANG_UID IS NULL)
    BEGIN
        ALTER TABLE T_SYS_Language_Forms ALTER COLUMN LANG_UID uniqueidentifier NOT NULL 

        -- No, don't drop, FK references might already exist...
        -- Drop PK if exists 
        -- ALTER TABLE T_SYS_Language_Forms DROP CONSTRAINT pk_constraint_name 
        --DECLARE @pkDropCommand nvarchar(1000) 
        --SET @pkDropCommand = N'ALTER TABLE T_SYS_Language_Forms DROP CONSTRAINT ' + QUOTENAME((SELECT CONSTRAINT_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.TABLE_CONSTRAINTS 
        --WHERE CONSTRAINT_TYPE = 'PRIMARY KEY' 
        --AND TABLE_SCHEMA = 'dbo' 
        --AND TABLE_NAME = 'T_SYS_Language_Forms' 
        ----AND CONSTRAINT_NAME = 'PK_T_SYS_Language_Forms' 
        --))
        ---- PRINT @pkDropCommand 
        --EXECUTE(@pkDropCommand) 

        -- Instead do
        -- EXEC sp_rename 'dbo.T_SYS_Language_Forms.PK_T_SYS_Language_Forms1234565', 'PK_T_SYS_Language_Forms';


        -- Check if they keys are unique (it is very possible they might not be) 
        IF 1 >= (SELECT TOP 1 COUNT(*) AS cnt FROM T_SYS_Language_Forms GROUP BY LANG_UID ORDER BY cnt DESC)
        BEGIN

            -- If no Primary key for this table
            IF 0 =  
            (
                SELECT COUNT(*) FROM INFORMATION_SCHEMA.TABLE_CONSTRAINTS 
                WHERE CONSTRAINT_TYPE = 'PRIMARY KEY' 
                AND TABLE_SCHEMA = 'dbo' 
                AND TABLE_NAME = 'T_SYS_Language_Forms' 
                -- AND CONSTRAINT_NAME = 'PK_T_SYS_Language_Forms' 
            )
                ALTER TABLE T_SYS_Language_Forms ADD CONSTRAINT PK_T_SYS_Language_Forms PRIMARY KEY CLUSTERED (LANG_UID ASC)
            ;

            -- Adding foreign key
            IF 0 = (SELECT COUNT(*) FROM INFORMATION_SCHEMA.REFERENTIAL_CONSTRAINTS WHERE CONSTRAINT_NAME = 'FK_T_ZO_SYS_Language_Forms_T_SYS_Language_Forms') 
                ALTER TABLE T_ZO_SYS_Language_Forms WITH NOCHECK ADD CONSTRAINT FK_T_ZO_SYS_Language_Forms_T_SYS_Language_Forms FOREIGN KEY(ZOLANG_LANG_UID) REFERENCES T_SYS_Language_Forms(LANG_UID); 
        END -- End uniqueness check
        ELSE
            PRINT 'FSCK, this column has duplicate keys, and can thus not be changed to primary key...' 
    END -- End NULL check
    ELSE
        PRINT 'FSCK, need to figure out how to update NULL value(s)...' 
END