Определить Ajax вызывающий URL

Question

У меня есть HTML-документ, который загружает содержимое из файла PHP с помощью вызова AJAX. Важный бит моего кода ниже:

default.html:

/*more code above*/
var PHP_URL = "content.php";
var Content = document.getElementById('Content');
ajaxRequest = new XMLHttpRequest();
ajaxRequest.onreadystatechange =
    function() {
        if(ajaxRequest.readyState==4) {
            if (ajaxRequest.status==200)
                Content.innerHTML = ajaxRequest.responseText;
            else
                Content.innerHTML = "Error:<br/>unable to load page at <b>"+PHP_URL+"</b>";
            Content.className = "Content Solid";
        }
    }
ajaxRequest.open("GET",PHP_URL,true);
ajaxRequest.send();
/*more code below*/

Возможно ли, чтобы файл в 'content.php' обнаружил, что он был вызван из 'default.html' или из другого вызывающего документа, если необходимо?

Answer 1

Большинство известных платформ Ajax, таких как jQuery и mooTools, добавляют специальный заголовок, который вы можете проверить с помощью PHP:

if (strcasecmp('XMLHttpRequest', $_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH']) === 0)
{
    // Ajax Request
}

Answer 2

Полагаю, лучше всего было бы установить заголовок запроса в вашем вызове AJAX, например

st.setRequestHeader('X-Sent-From','default.html')

затем в content.php,

$sentFrom=$_SERVER['HTTP_X_SENT_FROM']; // outputs default.html

Answer 3

$_SERVER['HTTP_REFERER'] может быть тем, что вы хотите

Ссылки

• http://php.net/manual/en/reserved.variables.server.php

Answer 4

Невозможно просто определить, что запрос поступил от вызова AJAX на сервере.Однако вы можете добавить параметр, который вы отправляете, когда запрашиваете его через AJAX, который указывает, что он поступает от вызова ajax.

Например:

/*more code above*/
var PHP_URL = "content.php?mode=AJAX";
var Content = document.getElementById('Content');
ajaxRequest = new XMLHttpRequest();
ajaxRequest.onreadystatechange =
    function() {
        if(ajaxRequest.readyState==4) {
            if (ajaxRequest.status==200)
                Content.innerHTML = ajaxRequest.responseText;
            else
                Content.innerHTML = "Error:<br/>unable to load page at <b>"+PHP_URL+"</b>";
            Content.className = "Content Solid";
        }
    }
ajaxRequest.open("GET",PHP_URL,true);
ajaxRequest.send();
/*more code below*/

Если достаточно просто определить, что вызов поступил из default.html (и не проводить различие между вызовом AJAX или нажатой ссылкой), затем проверьте заголовок Referrerбудет делать трюк, как предложено @ Джейми Вонг.